已知函数f（x）=1x+alnx，其中a∈R，（Ⅰ）若函数f（x）在x=1处取得极值，求实数a的值，（Ⅱ）在（1）的

（Ⅰ）∵f（x）=

1

x

+alnx，
∴f′（x）=

ax?1

x2

，
当x=1时，f′（x）=0，解得a=1，
经验证a=1满足条件，…（3分）
（II）当a=1时，f（x+1）＞

x2+(t+2)x+t+2

x2+3x+2

整理得t＜（x+2）ln（x+1）-x
令h（x）=（x+2）ln（x+1）-x，
则h′（x）=

1

x+1

+ln（x+1）（x≥1）…（5分）
∴h（x）_min=3ln2-1，即t＜3ln2-1∈（0，2）…（7分）
∴t=1…．（8分）
（III）g（x）+g（3-x）=3-

3

x(3?x)

-aln[x（3-x）]
令t=x（3-x）∈（0，2），构造函数F（t）=3-

3

t

-alnt
即方程F（t）=3-

3

t

-alnt=0在区间（0，2）上至少有两个解
又F（1）=0，
∴方程F（t）=3-

3

t

-alnt=0在区间（0，1）∪（1，2）上有解　…（10分）
F′（t）=

3?at

t2

当a≤0时，F′（t）＞0，即函数y=F（t）在（0，2）上是增函数，且F（1）=0，
∴此时方程在区间（0，1）∪（1，2）上无解；
当0＜a≤1时，F′（t）＞0，同上方程无解；
当1＜a＜3时，函数F（t）在（0，

3

a

）上递增，在（

3

a

，2）上递减，且

3

a

＞1，
要使方程F（t）=3-

3

t

-alnt=0在区间（0，1）∪（1，2）上有解，则F（2）=0，
即

3

2

-aln2＜0，
∴a＞

3

ln4

，
∴

3

ln4

＜a＜3；
当a＞3时，函数F（t）在（0，

3

a

）上递增，在（

3

a

，2）上递减，且

3

a

＜1，
此时方程F（t）=0在（0，

3

a

）内必有解，
当a=3时，函数F（t）在（0，1）上递增，在（1，2）上递减，且F（1）=0
∴方程F（t）=3-

3

t

-alnt=0在区间（0，1）∪（1，2）上无解．
综上，实数a的范围是（

3

ln4

，3）∪（3，+∞）    …（14分）